是否有一个与平台无关的os.startfile（）等价物？

Question

我想在几个平台（包括Mac OS）上运行一个程序，所以我尽量让它独立于平台。我自己用Windows，我有一行os.startfile(file)。这对我有效，但在其他平台上不行（我在文档中看到了，我还没有测试过自己）。

是否有适用于所有平台的等效物？

顺便说一下，这个文件是一个.wav文件，但是我希望用户能够使用他们的标准媒体播放器，这样他们就可以暂停/回放文件。这就是为什么我使用os.startfile()。我可能可以使用允许播放/暂停/倒带媒体文件的库。

Answer 1

只要用^{}。它可以在适当的地方调用os.startfile()、open、xdg-open。

小心，这里有一个scary text in the docs：

Note that on some platforms, trying to open a filename using this function, may work and start the operating system’s associated program. However, this is neither supported nor portable.

对我来说很好。在你的环境中测试。

查看^{}'s source code以了解需要做多少工作才能进行移植。

Python bug tracker上也有一个公开问题——Add shutil.open。”portable os.startfile（）“接口比预期的要复杂。您可以尝试提交的修补程序，例如^{}。

Answer 2

这取决于你所说的平台无关性。如果您的问题是如何使用操作系统的默认操作打开任何文件，例如，当您双击某个文件让操作系统决定如何打开它时，简单的答案是否。

然而，要自己实现这个功能是非常容易的，但是您需要使用一些不同的方法来适应不同的操作系统，也就是说，最宽容的方法是使用os.system(WinPathWithArgs)，正如我所解释的in this answer。

Answer 3

似乎还不存在跨平台的文件打开模块，但您可以依赖流行系统的现有基础设施。此代码段涵盖Windows、MacOS和类Unix系统（Linux、FreeBSD、Solaris…）：

import os, sys, subprocess

def open_file(filename):
    if sys.platform == "win32":
        os.startfile(filename)
    else:
        opener ="open" if sys.platform == "darwin" else "xdg-open"
        subprocess.call([opener, filename])