使用调用策略boost:：python创建属性

Question

我有下面的C++类，我想把它们暴露给Python。在

class PlainOldData
{
     ...
};

class FancyClass
{
public:
    const PlainOldData& GetMyPOD() {return myPOD;}
private:
    PlainOldData myPOD;
};

因为我希望python类是python类，所以我希望将myPOD公开为一个属性。但是，当我尝试执行以下操作时：

^{pr2}$

我得到以下错误：error C2027: use of undefined type 'boost::python::detail::specify_a_return_value_policy_to_wrap_functions_returning<T>'

但是，如果我尝试指定呼叫策略，例如：

    class_<FancyClass>("FancyClass", init<>())
        .add_property("myPOD", &FancyClass::GetMyPOD, return_value_policy<copy_const_reference>());

我收到了一条难以置信的长错误消息。在

是否可以将此函数作为属性公开；我是否做错了什么？在

Answer 1

与Python的^{}如何传递Python可调用对象类似，^{}函数可以接受可以用CallPolicies创建的Python可调用对象，例如从^{}返回的对象。在

例如，原始代码中的属性可以公开如下：

class_<FancyClass>("FancyClass", init<>())
  .add_property("myPOD", make_function(&FancyClass::GetMyPOD,
    return_value_policy<copy_const_reference>()));

---

下面是一个完整的最小示例：

^{pr2}$

交互式使用：

>>> import example
>>> spam = example.Spam()
>>> assert(spam.egg is not spam.egg) # unique identities as spam.egg
                                     # returns a copy
>>> egg1 = spam.egg
>>> assert(egg1 is not spam.egg)
>>> egg2 = spam.egg
>>> assert(egg1 is not egg2)