从库中获取调用方文件的路径

Question

我希望能够获得导入python库的文件的路径。我该怎么做

例如：

用户在C:\Users\Bob\bobsproject\main.py创建一个文件。在库中，我希望能够获取文件的路径，并将其作为txt读取。我该怎么做

Answer 1

如果您想获取正在（可能是间接地）加载库的驱动程序脚本的名称，可以使用python以名称^{}运行脚本这一事实。与任何其他模块一样，您可以从^{}获取它，并访问它的^{}属性（如果存在）：

import sys

try:
    print(sys.modules['__main__'].__file__)
except KeyError:
    print('libray not loaded from script')
except AttributeError:
    print('script not loaded from file')

KeyError不太可能发生（即使使用python -m运行脚本也不太可能发生），但为了安全起见，这是很有用的。AttributeError的可能性更大，并且可以用类似python -c的东西很容易地演示

如果您想要更复杂的东西，比如包含实际调用库函数的代码的文件，则可能必须使用^{}模块或类似模块。当然，这将更加不稳定，但仍可能满足您的需求：

import inspect

module = inspect.getmodule(inspect.stack()[1][0])
try:
    print(module.__file__)
except AttributeError:
    print(f'module "{module.__name__}" not loaded from file')

请注意^{}在其官方文档中明确使用了“guess”一词，而^{}有时可能是一只烦躁的野兽

此处引用的第二部分代码：https://stackoverflow.com/a/1095621/2988730

请记住，这里有两个选项。如果将此代码直接放在库模块中，则在第一次导入模块时，它将只执行一次。如果将其放置在用户可以直接调用的函数中，每次都会看到打印输出。如果将第二个代码段放在实用程序函数中，然后从公共模块函数调用该函数，请不要忘记增加帧索引以反映：

module = inspect.getmodule(inspect.stack()[2][0])